2012年常州中考物理试卷解析
一、单项选择（本题共15小题，每小题2分，共30分）
1． 2012年5月22日，美国“猎鹰9 号”火箭把“龙”号飞船送人太空，在近两个小时的时间内，“龙”号飞船与国际空间站相伴而飞．空间站丙宇航员透过舷窗看到“龙”号飞船如图所示纹丝不动、地球在缓缓转动，宇航员选取的参照物是（　　）

　A．舷窗B．地球C．太阳D．“龙”号飞船

考点：运动和静止的相对性。
专题：。
分析：解答此题的关键是看被研究的物体与所选的标准，即参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的．
解答：解：以舷窗为参照物，舷窗与“龙”号飞船之间的相对位置没有发生改变，所以飞船是静止的；
舷窗与地球之间的相对位置发生了改变，所以地球是运动的．
故选A．
点评：此题主要考查学生对参照物的选择的理解和掌握，研究同一物体的运动状态，如果选择不同的参照物，得出的结论可以不同，但都是正确的结论．

2． 2011年11月9日，俄罗斯“福布斯─土壤”火星探测器在地球近地轨道上因主发动机启动失败而无法变轨．经查，是太空中的带电粒子对机载计算机系统产生影响导致程序出错．下列粒子中，因不带电首先可以排除的是（　　）
　A．电子B．原子核C．中子D．质子

考点：原子结构、元电荷与带电情况。
专题：。
分析：根据原子由原子核和核外电子构成，其中原子核由质子和中子构成的．在原子中，质子带正电，电子带负电，原子核带正电．中子不带电．进行分析解答本题．
解答：解：在原子中，质子带正电，电子带负电，原子核带正电是由于质子带正电，而中子不带电．
故选C．
点评：本题考查了原子内各种微粒的电性，要记住．

3．2 011年12月，漂阳首创“移栽油菜稻草全量还田”栽种技术，收割完稻子、栽下油菜苗之后，农民把脱粒后的稻草杆覆盖在油菜苗根部，如图所示．对该栽种技术优点的分析中，错误的是（　　）

　A．白天，防止日光直接照射土壤，避免土壤因水分快速蒸发而干结
　B．白天，防止地表风直接刮向土壤，避免土壤因水分快速蒸发而干结
　C．白天，发挥稻草的遮光功能抑制杂草生长，减少除草剂的使用量
　D．夜晚，发挥稻草的导热功能为土壤保温，避免油菜受冻害

考点：蒸发及其现象。
专题：应用题。
分析：影响液体蒸发快慢的因素有三个：液体的温度；液体的表面积；液体表面上方空气的流动速度．从这三个方面分析选择项中提到的措施，从而可以得到答案．
解答：解：A、稻草杆覆盖在油菜苗根部，避免阳光的照射，可以减慢土壤水分的蒸发．正确，不合题意．
B、稻草杆覆盖在油菜苗根部，避免了与空气直接接触，可以减慢土壤水分的蒸发．正确，不合题意．
C、植物的生长需要阳光，稻草杆覆盖在油菜苗根部，使杂草得不到阳光，可以抑制杂草生长，减少除草剂的使用量．正确，不合题意．
D、稻草不善导热，稻草杆覆盖在油菜苗根部可以减少热量损失为土壤保温，避免油菜受冻害．正确，不合题意．
故选D．
点评：此题考查了影响蒸发快慢的因素，要注意其在生活中的应用．

4． 2011年5月，法国科学家发现行星“葛利斯581d”较适合地球生命居住，且同一物体在“葛利斯581d”行星表面所受重力大小是在地球表面的两倍．设想宇航员从地球携带标有“100g”字样的方便面、天平和弹簧测力计飞至行星“葛利斯581d”，测得方便面的示数是（　　）
　A．天平示数为100g，弹簧测力计示数为1N
　B．天平示数为100g，弹簧测力计示数为2N
　C．天平示数为200g，弹簧测力计示数为1N
　D．天平示数为200g，弹簧测力计示数为2N

考点：天平的使用；弹簧测力计的使用与读数。
专题：应用题。
分析：（1）质量是指物体所含物质的多少，与形状、状态、空间位置无关；
（2）先根据G=g求出宇航员在地球受到的重力，然后根据“葛利斯581d”行星的重力是地球的2倍计算出此时测力计的示数．
解答：解：因为物体的质量与其空间位置无关，所以在“葛利斯581d”行星上方便面的质量仍然为100g；
物体在地球上受到的重力：G=g=0.1kg×10N/kg=1N，
∵“葛利斯581d”行星的重力是地球的2倍，
∴在“葛利斯581d”行星受到的重力：2×1N=2N．
故选B．
点评：会熟练应用重力的公式进行计算，牢记质量不随物体的形状、状态以及空间位置的改变而改变．

5．如图所示，一束平行光经过一凸透镜，调节光屏的位置直到在屏上得到一个最小、最亮的光斑．小明用此凸透镜做“探究凸透镜成像规律”的实验，当物体距凸透镜3Oc 时，重新调节光屏的位置，清晰可得（　　）

　A．倒立缩小的实像B．倒立等大的实像C．倒立放大的实像D．正立放大的虚像

考点：凸透镜成像规律及其探究实验。
专题：实验题。
分析：（1）要解决此题，需要掌握焦点和焦距的概念．平行于主光轴的光线会聚于一点，此点为凸透镜的焦点．由焦点到凸透镜光心的距离叫做焦距，粗略测量薄透镜的焦距时，可以测出从焦点到凸透镜的距离即可．
（2）掌握凸透镜成像的规律，知道当物距大于二倍焦距时成倒立、缩小的实像．
解答：解：从图中光屏上最小、最亮的光斑到透镜的距离就是焦距f=10c；
当物体距凸透镜3Oc 时，物距u=30c＞2f，根据凸透镜成像的规律，此时凸透镜成倒立、缩小的实像；
故选A．
点评：（1）本题考查了凸透镜的焦点、焦距的定义．凸透镜成像的三种情况和应用．
（2）学生要熟记规律并能灵活应用规律分析问题，在平时的学习中注意总结规律．

6． 2012年3月25日，卡梅隆乘坐“深海挑战者”号深潜器潜人马里亚纳海沟11000 深处．下潜过程中，卡梅隆发现深潜器发生越越明显的收缩，则深潜器受到的海水压强和浮力的变化情况是（设海水密度不变）（　　）
　A．压强越越大，浮力越越小B．压强越越大，浮力越越大
　C．压强越越小，浮力越越小D．压强越越小，浮力越越大

考点：液体的压强的特点；阿基米德原理。
专题：应用题。
分析：根据公式P=ρgh可求压强的变化，根据浮力公式F浮=ρgV排可求浮力的变化．
解答：解：下潜过程中，深度越越大，根据公式P=ρgh可知，所受液体压强越越大；
下潜过程中，卡梅隆发现深潜器发生越越明显的收缩，则说明深潜器的体积变小，故根据浮力公式F浮=ρgV排可知，浮力变小．
故选A．
点评：本题考查液体压强和浮力公式的应用，关键是知道影响液体压强的因素是液体密度和深度，影响浮力的因素是液体密度和物体排开液体的体积，容易出错的一点是液体的深度指的是该点离液面的垂直距离．

7．如图所示的电路中，使两盏灯都有电流流过的操作是（　　）

　A．开关S1、S2、S3都闭合B．只闭合开关S2、S3
　C．只闭合开关S2D．只闭合开关S1

考点：串联电路和并联电路的辨别。
专题：应用题；图析法。
分析：据题目的要求能看出，该题需要选出两灯都有电流的通过的选项即可，故据此分析，应特别注意短路情况的理解．
解答：解：A、开关S1、S2、S3都闭合时，电路发生短路，故不符合题意；
B、只闭合开关S2、S3，L1发光，L2被短路，故不符合题意；
C、只闭合开关S2，此时L1和L2串联，故两灯中都有电流通过，故符合题意；
D、只闭合开关S1，只有灯L2工作，故不符合题意；
故选C．
点评：本题考查了电路的连接特点．对于通过开关改变电路连接方式的习题，一定要看清题目中电流的流经路径，应特别注意短路情况的分析．

8．分别用如图所示的（甲）、（乙）两个滑轮组，在100s内将重为400N的物体G匀速提升10，每个滑轮的重均为20N．不计绳重及摩擦，此过程中（　　）

　A．F甲做的功大于F乙做的功B．F甲做的功小于F乙做的功
　C．F甲做功的功率小于F乙做功的功率D．F甲做功的功率等于F乙做功的功率

考点：功率的计算；功的计算。
专题：；图析法。
分析：由两图可知，承担物重的绳子股数n，不计绳重及滑轮轴间的摩擦，利用F= （G物+G轮）求拉力大小，根据s=nh求出绳端移动的距离，根据W=Fs分别求出拉力做的功；再根据P= 求出两图中拉力的功率即可得出答案．
解答：解：（1）由图甲可知：n=2，
∵不计绳重及滑轮轴间的摩擦，
∴F甲= （G物+G轮）= （400N+20N）=210N，
W甲=F甲S甲=F甲nh甲=210N×2×10=4200J
P甲= = =4.2W．
（2）由图乙可知：n=3，
∵不计绳重及滑轮轴间的摩擦，
∴F乙= （G物+G轮）= （400N+20N）=140N，
W乙=F乙S乙=F乙nh乙=140N×3×10=4200J
P乙= = =4.2W．
由以上可得：W甲=W乙，P甲=P乙．
故选D．
点评：本题考查了使用滑轮组拉力和拉力功率的计算，关键是不计绳重及滑轮轴间的摩擦时F= （G物+G轮）和绳子有效股数的确定．

9． 20世纪60年代，为控制疟疾疫情，屠呦呦尝试用加热青篙水溶液的方法使其沸腾，从而去除水分以提取药物，但提取效果并不理想．她猜想：可能在高温的情况下，药物被破坏掉了．对此，可采用的方法是（　　）
　A．用微火加热使溶液慢慢沸腾B．用旺火加热缩短沸腾的时间
　C．减小容器内的气压D．增大容器内的气压

考点：沸点及沸点与气压的关系。
专题：应用题。
分析：液体的沸点与气压有关：气压越大，沸点越高；气压越低，沸点越低．
根据沸点与气压的关系，应该降低容器内的气压，沸点也会随之降低．
解答：解：A、如果不降低气压，即使用微火加热，水的温度仍为100℃，并不能降温，方法不可行．
B、如果不降低气压，即使缩短加热沸腾时间，水的温度仍为100℃，并不能降温，方法不可行；
C、降低容器内气压，水的沸点也会降低，此方法是可行的；
D、增加容器内气压，水的沸点会升高，此方法是不可行的；
故选C．
点评：本题考查了沸点与气压的关系．做题时，用所学的知识结合题意去分析完成选项．

10．借助如图所示的实验装置，小明探究“磁场对通电直导线的作用”．闭合开关S0，原本静止的轻质硬直导线AB水平向右运动．要使AB水平向左运动，下列措施中可行的是（　　）

　A．将A、B两端对调B．将滑动变阻器的滑片P向右移动
　C．换用磁性更强的蹄形磁体D．将蹄形磁体的N、S极对调

考点：磁场对通电导线的作用。
专题：应用题。
分析：通电导体在磁场中受到力的作用，受力方向与两个因素有关：一个是磁场方向，另一个是电流方向．如果只改变一个因素，则导体受力方向改变，如果同时改变两个因素，则导体受力方向不变．此实验是电能转化为机械能．
解答：解：
A、将A、B两端对调，受力运动方向不变，故A错．
B、将滑动变阻器的滑片P向右移动，减小电路中的电流，减小导线的运动速度，不会改变运动方向，故B错；
C、换用磁性更强的蹄形磁体，将增大导线的运动速度，不会改变运动方向，故C错；
D、将蹄形磁体的N、S极对调，只改变一个影响因素（磁场方向），受力运动方向改变，故D正确；
故选D．
点评：要改变通电直导线的运动方向，只能改变电流方向和磁场方向中的一个即可，两个因素不能同时改变．

11．运动场上，下列现象中，没有利用惯性的是（　　）
　A．跳远运动员助跑一段距离才起跳B．举重运动员把杠铃举在空中不动
　C．掷出去的铁饼在空中继续向前飞行D．箭被弓射出后仍向前运动

考点：惯性。
专题：应用题。
分析：要解决此题需要掌握惯性的概念：物体保持原运动状态不变的性质．并且能运用惯性的知识解决有关问题．
解答：解：A、跳远运动员要助跑一段距离获得一定的速度，在起跳后，运动员由于惯性要保持原的运动状态，腾空时间更长，运动的越远．不符合题意．
B、举重运动员把杠铃举在空中不动，即此时处于平衡状态，利用的是平衡力的知识，故符号题意；
C、投掷铁饼时，铁饼离开手后由于惯性要继续向前运动，能用惯性知识解释，不符合题意，故D错误．
D、射出去的箭处于运动状态，由于惯性，箭离弦后继续向前运动，因此是利用惯性，故不符合题意；
故选B．
点评：本题考查了惯性的知识，知道惯性的概念是正确解题的前提，解题时要根据实际物理情景进行分析，作出判断．

12．如图所示，两手指用力压住铅笔的两端使它保持静止，下列说法中正确的是（　　）

　A．左边手指受到的压力较大，两手指受到的压强相同
　B．右边手指受到的压力较大，两手指受到的压强相同
　C．两手指受到的压力相同，左边手指受到的压强较大
　D．两手指受到的压力相同，右边手指受到的压强较大

考点：探究压力的作用效果跟什么因素有关的实验。
专题：实验题；控制变量法。
分析：（1）从铅笔所处的平衡状态入手，分析两手指的受力大小关系．手指所受铅笔的压力等于手指对铅笔的压力，这是作用力与反作用力．
（2）压强的大小由压力的大小和受力面积的大小确定．在压力相同的情况下，只需比较受力面积的大小即可．
解答：解：
（1）铅笔处于静止状态，受到两手指的压力是一对平衡力．所以两手指对铅笔的压力相等．由于手指对铅笔的压力与铅笔对手的压力使一对作用力与反作用力，所以这两力也相等．由此可知：两手指受到的铅笔的压力相同．
（2）由于铅笔的两端的受力相同，右边的受力面积小，由p= 可知右边手指受到的压强较大．
故选D．
点评：本题考查了学生对压强公式的掌握和运用，分析时要用好控制变量法．

13．把上紧发条的玩具车放置在水平桌面上，玩具车由静止开始加速跑动，此过程中玩具车能量的变化情况是（　　）
　A．弹性势能减小，动能增大B．弹性势能减小，动能减小
　C．弹性势能增大，动能增大D．弹性势能增大，动能减小

考点：动能和势能的大小变化。
专题：应用题。
分析：机械能包括动能和势能，势能又包括重力势能和弹性势能；动能的大小与质量和速度有关；重力势能大小与质量和高度有关；弹性势能的大小与发生弹性形变的程度有关．
解答：解：玩具车由静止开始加速跑动，说明它的速度在增大，速度越大、动能越大；故玩具车的动能增大；
上紧发条的玩具车，在跑动的过程中，发条变松弛，即弹性形变减小，故弹性势能减小；
故A正确；BCD错误；
故选A．
点评：抓住影响动能和弹性势能的因素，可对物体的动能和弹性势能变化做出判断，判断时，要抓住题干中的关键词．

14．如图所示的家庭照明电路，已知其中一只灯泡的灯头接线处存在故障．电工师傅为查明故障，在保险丝处接入一只“220V 40W”的灯泡L0．当只闭合开关S、S1时，灯泡L0和L1都呈暗红色（比正常发光状态暗得多）；当只闭合开关S、S2时，灯泡L0正常发光，L2不发光．由此可以确定（　　）

　A．L1灯头接线处断路B．L1灯头接线处短路
　C．L2灯头接线处断路D．L2灯头接线处短路

考点：家庭电路的故障分析。
专题：应用题。
分析：将“220V、40W”的电灯按表格中提供的接法接入电路，是把此灯串连接入电路．
若电灯恰能正常发光，说明开关闭合的那条支路短路，使该灯直接接在电上；
若电灯比正常发光暗，说明开关闭合的那条支路的灯与该灯串连接入电路，所分电压低于220V，这条支路正常；
若电灯不发光，说明开关闭合的那条支路有开路．
据此分析判断．
解答：解：当只闭合S、S1时L0和L1都呈暗红色，是因为L1与该灯串连接入电路，所分电压低于220V，所以L1正常；
当只闭合S、S2时，L0正常发光，L2不发光，是因为L2被短路，使L0直接接在电上，正常发光．
故选C．
点评：明确当把检测灯串连接在保险丝处时，出现三种现象（检测灯正常发光、发光暗、不发光）的原因是本题的关键．

15．如图（甲）所示，物体甲重30N，被50N的水平压力F甲压在竖直墙壁上保持静止．如图（乙）所示，物体乙重60N，在40N的水平拉力F乙作用下，沿水平桌面匀速向右运动．则物体甲受到的摩擦力f甲和物体乙受到的摩擦力f乙分别是（　　）

　A．f甲=30N，f乙=60NB．f甲=30N，f乙=40NC．f甲=50N，f乙=60ND．f甲=50N，f乙=40N

考点：二力平衡条件的应用。
专题：应用题；图析法。
分析：（1）对甲．乙两物体进行受力分析，并作出它们的受力分析图；
（2）根据物体的受力情况，由平衡条件求出物体受到的摩擦力．
解答：解：（1）以物体甲为研究对象，甲物体受力如图甲所示；
以乙物体为研究对象，乙物体受力如图乙所示；
（2）甲物体保持静止，处于平衡状态，在竖直方向上，
由平衡条件得：f甲=G甲=30N；
乙物体做匀速直线运动，处于平衡状态，在水平方向上，
由平衡条件得：f乙=F乙=40N；
故选B．

点评：本题考查了求物体受到的摩擦力，正确对物体进行受力分析、灵活应用平衡条件是正确解题的关键．

二、与作图（第16～22小题每空格1分，第23、24小题各2分，共24分）
16．海洋动物质量越大，其叫声越是有力而低沉，即响度较　大　，音调较　低　．（甲）、（乙）两曲线为科考船声纳系统收录的50Okg的海豚和1O0t的蓝鲸叫声的波形图，其中，　甲　（甲/乙）是蓝鲸发出的．

考点：音调、响度与音色的区分。
专题：应用题。
分析：物理学中把人耳能感觉到的声音的强弱称为响度，把声音的高低称为音调；
声音的响度与声振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大；
音调的高低与发声体振动快慢有关，物体振动越快，音调就越高．
解答：解：由信息知：海洋动物质量越大，其叫声越是有力而低沉，故响度大，音调低；由图象知：甲的振幅大，频率低，故甲是质量大的蓝鲸的叫声的波形图，相反乙是海豚的叫声的波形图．
故答案为：大；低；甲．
点评：解决此类问题要结合声音特征中的音调和响度定义去分析解答．此外还要通过波形图认识声音的特征，对波形图的各种特征要了解．

17．2011年11月9日7时28分，一颗航空母舰般大小的小行星以4.68×104k/h、即　1.3×104　/s的速度与地球擦身而过，高速度使得小行星的　机械（动）　能极大，如果撞击地球，将导致里氏7级的地震和21高的海啸．这是近35年第一次有小行星如此接近地球，天学家借助　望远镜　（显微镜/望远镜）观察了整个过程．

考点：物理量的单位及单位换算；望远镜；动能的影响因素。
专题：应用题。
分析：（1）速度单位间的换算关系是：1/s=3.6k/h；
（2）机械能包括动能和势能；动能的大小与质量和速度有关；质量越大、速度越大，动能就越大；重力势能大小与质量和高度有关；质量越大、高度越大，重力势能越大；
（3）利用凸透镜成像原理制成望远镜，可观察到太空中的星体．
解答：解：（1）4.68×104k/h=4.68×104× /s=1.3×104/s；
（2）动能的大小与质量和速度有关；重力势能大小与质量和高度有关；由于小行星的质量很大（航空母舰般大小），速度如此大，则动能相当大，即机械能极大；
（3）利用凸透镜成像原理制成望远镜，能够观测远处??太空中的星体情况；
故答案为：（1）1.3×104；（2）机械（动）；（3）望远镜．
点评：此题属于综合题；对于物理量不同单位间的换算，运用不同单位间的具体关系，利用数学上的运算就可完成；抓住影响动能的因素可判断机械能的大小；望远镜是凸透镜成像的具体应用之一．

18． 2012年5月，日本科学家开发出制作单层硅分子薄膜技术，如图所示：在硅板表面覆盖陶瓷薄层，持续加热一段时间后，硅板中的硅分子居然能穿透陶瓷薄层从而形成单层硅分子薄膜．加热使得硅分子穿透陶瓷薄膜，这说明：　分子不停的做无规则运动　；　温度越高分子运动越剧烈　．

考点：扩散现象。
专题：应用题。
分析：分子动理论中提到：分子在永不停息地做无规则运动；分子间存在引力和斥力；分子间存在空隙；温度越高，分子运动越剧烈．
解答：解：加热使得硅分子穿透陶瓷薄膜，这说明分子不停的做无规则运动，温度越高分子运动越剧烈（分子间存在间隙）．
故答案为：分子不停的做无规则运动；温度越高分子运动越剧烈（分子间存在间隙）．
点评：本题需要学生针对分子动理论内容和生活现象之间的进行联系，相对比较简单．

19． 2012年3月，英国科学家研发出“激光橡皮”，专门用去除白纸上的黑色碳粉字迹．激光照射下，纸张上的黑色碳粉直接　升华　（填物态变化名称）为高温碳蒸气，同时字迹消失，这是　光　能转化为　内能　能的过程．为防止高温对纸张的破坏，激光照射时间需严格控制．

考点：生活中的升华现象；能量转化的现象。
专题：应用题。
分析：（1）在一定条件下，物质的三种状态间可以相互转化；物质由固态直接变为气态，叫升华．
（2）自然界中的各种能量之间会发生转化现象，光能和内能之间也会发生相互的转化．
解答：解（1）激光照射下，纸张上的黑色碳粉直接变为高温碳蒸气，即物质由固态直接变为气态，也就是发生了升华现象；
（2）激光照射下，纸张上的黑色碳粉温度升高，内能增大；即发生了光能向内能的转化；
故答案为：（1）升华；（2）光；内．
点评：可对物质发生物态变化前后的状态进行分析，从而得出是发生了哪种物态变化；分析题目中涉及的能量问题，消耗了什么能量，得到了什么能量，然后可得出能量转化的具体情况．

20． 2012年4月22日，中国新一代“人造太阳”实验装置───热核聚变反应堆完成了放电实验：实验中反应堆放电功率为3×104W，输出稳定电流40A 并持续0.5s，则输出电压是　750　V．若将“人造太阳”此次释放的电能全部储存进电池并全部释放为照明电路供电，可使一只100W的灯持续工作　0.042　 h．

考点：电功的计算；电功率的计算。
专题：。
分析：①知道反应堆的放电功率和输出电流，可利用公式U= 计算出输出电压．
②知道反应堆的放电功率和放电时间，可利用公式W=Pt计算出释放的电能，并且释放的电能全部为照明电路供电，又知道灯泡的电功率，可利用公式t= 计算出灯泡的工作时间．
解答：解：
①∵P=3×104W，I=40A，
∴输出电压为：U= = =750V．
②∵t=0.5s，
∴释放的电能为：W=Pt=3×104W×0.5s=15000J，
而释放的电能全部为照明电路供电，
又∵P灯=100W，
∴灯泡的工作时间为：t灯= = =150s≈0.042h．
故答案为：750；0.042．
点评：本题考查了学生利用电功率和电功的计算公式进行计算，关键是对公式和公式变形的理解和应用，在计算过程中要注意单位的换算．

21．小明在30s内用600N 的拉力F把9OON的重物沿斜面向右上方匀速拉动3，此过程中重物高度上升1.5，拉力F做功的功率是　60　W，此过程中斜面的机械效率是　75%　．

考点：功率的计算；功的计算；斜面的机械效率。
专题：计算题。
分析：（1）根据W=Fs求出拉力F做功的功即为总功，根据P= 求出拉力F做功的功率；
（2）根据W=Gh求出有用功，利用η= 求出此过程中斜面的机械效率．
解答：解：（1）拉力F做功的功：
W总=Fs=600N×3=1800J，
拉力F做功的功率：
P= = =60W；
（2）有用功：
W有=Gh=900N×1.5=1350J，
斜面的机械效率：
η= = =75%．
故答案为：60；75%．
点评：本题考查了功、功率、机械效率的计算，关键是公式及其变形式的灵活运用，还要明确拉力做的功为总功、克服物体重力做的功为有用功．

22． P2.5是大气中直径小于等于2.5μ、即小于等于　2.5×10?6　的颗粒悬浮物，能被肺泡吸收并进入血液．常州大学的科研队伍成功研制出P2.5净化器，其原理如图所示．闭合开关S1、S2后，风扇旋转吸入空气，气流外侧A处的颗粒物也被吸入净化器，这是因为气流处流速大导致压强　小　的缘故．颗粒物接近带有负电荷的光洁金属网C 时受到强烈的吸引力，这是因为　带电体具有吸引轻小物体的性质　，但很快又受到光洁金属网C 对它的斥力，这又是因为　接触后，颗粒物也带上负电，同种电荷相互排斥　．离开金属网C 后，颗粒物被带有正电荷的棉芯D牢牢吸引，这是因为　异种电荷互相吸引　．

考点：长度单位及换算；流体压强与流速的关系；电荷间的相互作用规律。
专题：应用题。
分析：（1）长度单位间的换算关系是：1k=103=104d=105c=106=109μ=1012n；
（2）流体压强与流速的关系是：流速越大，压强越小；
（3）带电体具有吸引轻小物体的性质；电荷间的作用规律是：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引．
解答：解：（1）2.5μ=2.5×10?6；
（2）气流处流速大导致压强小，在外界大气压作用下，颗粒物进入净化器；
（3）带有负电荷的光洁金属网，能够吸引不带电的细小颗粒；
（4）不带电的颗粒与带负电的金属网接触后，颗粒带上负电，同种电荷相互排斥，使颗粒离开金属网；
（5）由于异种电荷互相吸引，带负电的颗粒物又会被带有正电荷的棉芯D牢牢吸引；
故答案为：（1）2.5×10?6；（2）小；（3）带电体具有吸引轻小物体的性质；（4）接触后，颗粒物也带上负电，同种电荷相互排斥；（5）异种电荷互相吸引．
点评：此题考查知识面广，是一道综合题；运用长度单位间的换算关系、流体压强与流速的关系、带电体的性质、电荷间的作用规律等知识，可以做出解答．

23．如图所示，光从空气斜射向玻璃砖，请画光出在玻璃砖中的折射光线（保留作图痕迹）

考点：作光的折射光路图。
专题：作图题。
分析：根据光的折射定律：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线、入射光线分居法线两侧，当光由空气斜射入玻璃中时，折射角小于入射角，作出大致的折射光线．
解答：解：首先过入射点画出法线，然后根据折射规律画出折射光线，光从空气斜射入玻璃中，所以折射角小于入射角；

点评：此题考查了对折射光线的画法，关键是记熟光的折射定律，搞清折射角与入射角的关系．难度不大，属于基础知识．新标 第一 网

24．如图所示，用螺丝刀撬图钉，O为支点，请画出动力Fl的力臂L1．（保留作图痕迹）

考点：力臂的画法。
专题：作图题。
分析：力臂的画法：①首先根据杠杆的示意图，确定杠杆的支点．
②确定力的作用点和力的方向，画出力的作用线．
③从支点向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂．
解答：解：过支点O作出动力F1的垂线，即为动力臂L1．如图所示：

点评：作力臂时重点是找出支点与力的作用线，力臂是从支点到力的作用线的距离．

三、解答与探究（第25小题6分，第26小题9分，第27小题9分，第28小题9分，第29小题5分，第30小题8分，共46分）计算型问题解答时要有必要的字说明、公式和运算过程，直接写出结果的不能得分
25．液化石油气的热值高达4.6×107J/kg，一些不法商贩为谋取暴利，常将液化石油气与价格低廉、热值仅为2.9×107J/kg的二甲醚混合装入钢瓶内销售给客户．常州市质监局对某液化石油气站销售的瓶装燃气进行检测：将质量为100kg、初始温度为31℃的水装入容器内，用高效炉灶燃烧瓶内燃气加热容器中的水直至100℃恰好沸腾，瓶内燃气消耗了0.84kg．通过高效炉灶，水能吸收燃气完全燃烧释放热量的75%．已知水的比热容为c水=4.2×103J/（kg•℃），问：
（1）瓶内燃气的热值是多少？
（2）该液化石油气站销售的瓶装液化石油气有无掺混二甲醚？

考点：燃料的热值；热量的计算。
专题：计算题。
分析：根据水的比热容，计算出水吸收的热量，然后根据炉灶的热效率，可求出燃气燃烧放出的热量，最后根据热值的概念，求出燃气的热值；对照所求热值与石油气热值的关系，判断是否掺假．X kb1. c o
解答：解：（1）水吸收的热量为：Q吸=c（t?t0）=4.2×103J/（kg•℃）×100kg×（100℃?31℃）=2.898×107J；
燃气燃烧放出的热量为：Q放= = =3.864×107J；
瓶内燃气的热值为：q= = =4.6×107J/kg；
（2）通过计算得出的瓶内燃气的热值正好等于液化石油气的热值，即q=q石油气=4.6×107J/kg；故该液化石油气站销售的瓶装液化石油气没有无掺混二甲醚；
答：（1）瓶内燃气的热值是4.6×107J/kg；
（2）该液化石油气站销售的瓶装液化石油气没有无掺混二甲醚．
点评：此题属于热学的综合题，将比热容与热值的相关计算，通过热效率联系在一起；根据相应的计算公式可解答．

26．小明家电热吹风机的铭牌如表格（甲）所示，其工作原理如图（乙）所示．由于使用了多年，吹风机中的电热丝明显氧化导致其电阻发生了变化，电动机性能仍保持不变．为准确测量氧化电热丝的实际电阻值，小明在家中把该吹风机单独接入家庭电路并使其吹热风，发现电能表的转盘6in内转过132圈，电能表规格如图（丙）所示．问：

（1）氧化电热丝的实际电阻值是多少？
（2）为恢复电热吹风机的铭牌功率，应与氧化电热丝串联还是并联一段新电热丝？
（3）新电热丝的阻值是多少？

考点：欧姆定律的应用；电阻的串联；电阻的并联；电能表参数的理解与电能的求法。
专题：计算题；应用题；信息给予题。
分析：（1）已知电能表的参数和电能表转盘转过的转数可求消耗的电能，先根据P= 求出氧化后电路的实际功率，再用实际功率减掉电动机的功率即为氧化电热丝的实际功率，最后根据R= 求出氧化电热丝的实际电阻值．
（2）由电吹风的铭牌可知额定电压和电热丝的额定功率，根据R= 求出正常工作时电阻丝的阻值，然后根据电阻串联时越串越大、并联时越并越小判断新电热丝的串并联；
（3）根据电阻的并联求出氧化后要使灯泡正常工作时并联新电阻的阻值．
解答：解：（1）氧化后吹热风时，6in内消耗的电能：
W= =0.044KW，
此时吹热风时电路的实际功率：
P= = =0.44KW=440W，
此时电热丝的实际功率P热′=P?P电动机=440W?40W=400W，
氧化电热丝的实际电阻值R′= = =121Ω．
（2）吹风机正常工作时，P热=480W，
电阻丝的阻值R= = = ≈100.8Ω＜121Ω；
因并联电路电阻越并越小、小于任何一个分电阻，串联电路电阻越串越大、大于任何一个分电阻；
所以为恢复电热吹风机的铭牌功率，应与氧化电热丝并联一段新电热丝．
（3）因并联电路中 = + 可得：
= + ，
解得：R新=605Ω．
答：（1）氧化电热丝的实际电阻值为121Ω；
（2）为恢复电热吹风机的铭牌功率，应与氧化电热丝并联一段新电热丝；
（3）新电热丝的阻值是605Ω．
点评：本题考查了电阻的并联和欧姆定律、电功率公式的灵活运用，关键是电吹风和电能表参数含义的理解与掌握；本题综合性强，难度较大．

27．福岛第一核电站核泄漏事故给日本环境带了灾难，清除核污染已是迫在眉睫．
（1）对于池塘水中的铯，可投入吸水性很强的沸石加以吸附．为测量一沸石块的密度，技术人员展开实验探究，如图（甲）所示：①用调节好的天平测量沸石块的质量；②用量筒测量适量细砂的体积；③用量筒测量沸石块和这些细砂的总体积．问：沸石块的密度是多少？
（2）对于土壤中的铯，可用一定浓度的酸液清洗并去除．为测量酸液的密度，技术人员展开实验探究，如图（乙）所示：①取一装有铁砂的密闭玻璃瓶，用细玻璃丝悬挂在校零后的弹簧测力计下方，测得其重量；②将玻璃瓶完全浸没于水中，测得拉力大小；③将玻璃瓶完全浸没于酸液中，测得拉力大小．问：酸液的密度是多少？（ g取10N/kg）

考点：液体密度的测量；固体的密度测量实验。
专题：实验题；等效替代法。
分析：（1）测量沸石密度的常用步骤：用天平测量出沸石的质量，根据测出的总体积和细沙的体积求出沸石的体积V，再用公式ρ= 求出其密度．
（2）用称重法分别求出瓶子在水中和酸液中受到的浮力大小，利用公式求出瓶子的体积V=V排= ；再根据公式ρ液= 求出酸液的密度．
解答：解：（1）①天平标尺的分度值为0.2g，故沸石的质量=20g+10g+5g+4.6g=39.6g；
②量筒的分度值为2c3，故细沙的体积V沙=20c3；
③沸石块和这些细砂的总体积V总=42c3；所以沸石的体积V=42c3?20c3=22c3；
④沸石的密度ρ= =1.8g/c3
答：沸石的密度为1.8g/c3．
（2）①图中弹簧测力计的分度值为0.2N，故装有铁砂的密闭玻璃瓶的重力G=4N；
②将玻璃瓶完全浸没于水中，测得拉力大小F1=2N，在水中受到的浮力F水=G?F1=4N?2N=2N；
则瓶子的体积V=V排= = =2×10?43；
③将玻璃瓶完全浸没于酸液中，测得拉力大小F2=1.6N，在酸液中受的浮力F酸液=G?F2=4N?1.6N=2.4N；
④酸液的密度ρ酸液= =1.2×103kg/3
答：酸液的密度为1.2×103kg/3．
点评：此题主要是考查学生对测量密度方法的熟练运用，第一题是常规的测量密度的方法，第二题是利用浮力测量液体的密度，注意称重法测量浮力在实验中的运用和浮力计算公式的熟练运用．

28．小明探究“通过导体的电流与电压的关系”时，电路图如图（甲）所示．电电压不变，R1为定值电阻，电流表A 选用0～0.6A量程，电压表V1选用为0～3V量程，电压表V2选用为0～15V量程，滑动变阻器R2上标有“50Ω 1A”的字样．

（1）请根据电路图（甲）用笔画线代替导线连接实物图（乙）．
（2）闭合开关前滑动变阻器的滑片P应放在　B　（A/B）端．
（3）闭合开关S，发现电流表A 与电压表V2的示数为零，电压表V1的示数不为零，则电路存在的故障是　电阻R1断路　．
（4）排除故障后，继续进行实验，记录电流表A 与电压表V1的示数，得到一组实验数据，如表格（丙）所示．分析表中实验数据可得结论：当导体的阻值不变时，通过导体的电流与其两端电压成　正　比．

（5）实验中，记录电流表A 与电压表V2的示数，得到一组实验数据，根据实验数据作出I─U2图线，如图（丁）所示，电电压是　6　V．在保证实验器材安全的前提下，滑动变阻器接入电路的阻值不得小于　10　Ω．

考点：探究电流与电压、电阻的关系实验。
专题：实验题；控制变量法。
分析：（1）在根据电路图连接电路过程中，要特别注意电流表、电压表的位置、接法、量程选择和电流方向；滑动变阻器采用“一上一下”的接法与定值电阻串联．
（2）为保护电路，闭合开关前，滑动变阻器滑片应位于最大阻值处．
（3）闭合开关，电流表或电压表示数为零，说明与其串联的电路断路；电压表有示数，说明与其串联的电路是通路．
（4）由电路图知，电压表V1测量电阻R1两端电压，电流表测量电路电流．比较电压、电流变化规律就能得出实验结论．
（5）由上一步可以得到电阻R1的阻值；在丁图中，滑动变阻器两端最大电压为5.0V，此时电路电流为0.1A，由此得到滑动变阻器接入电路的阻值；已知电阻R1和滑动变阻器接入电路的阻值，可以得到总电阻；已知电路总电阻和电流，可以得到电电压；
为保护用电器或电流表、电压表，电路电流不能超过用电器或电流表允许通过的最大电流，两端电压不能超过电压表选择的量程．确定电路最大电流或最大电压后，在电电压不变的情况下，得到电路的总电阻，其中R1已得出，所以能够得到滑动变阻器接入电路的电阻．
解答：解：
（1）题目已明确了电流表、电压表的量程，只要将电阻、滑动变阻器、开关、电串联，电压表V1与电阻并联、电压表V2与滑动变阻器并联即可．
（2）为保护电路，闭合开关前，滑片应位于最大阻值处，也就是位于B端．
（3）闭合开关，电流表A 与电压表V2的示数为零，说明与他们串联的电路是断路状态??但不可能是滑动变阻器断路（如果滑动变阻器断路，电压表V2有示数）；电压表V1有示数，说明与V1串联的电路是通路，所以电路故障为电阻R1断路．
（4）由实验数据可以看出：电压成倍增大，电流也成倍增大，且两者增大的倍数相同．所以实验结论为：在电阻一定时，通过导体的电流与两端电压成正比．
（5）定值电阻的阻值为R1= = =10Ω
由丁图知，滑动变阻器两端电压为5V时，滑动变阻器接入电路的电阻为R2= = =50Ω
所以电电压为U=IR=0.1A×（10Ω+50Ω）=6V；
已知电电压为6V，所以对电压表V2不会造成损害；已知电电压和电阻R1的阻值，可得电路最大电流为0.6A，对电流表也不会造成损害；当电压表V1电压达到3V时，电路电流为I= =0.3A
所以滑动变阻器接入电路电阻为R最小= =10Ω，即滑动变阻器接入电路电阻不能小于10Ω．
故答案为：
（1）实物连接如下图：

（2）B；
（3）电阻R1断路；
（4）正；
（5）6；10．
点评：在额定电流不同的用电器串联在同一电路中时，确定电路电流的原则是：“同情弱者”??以最小的额定电流为电路电流，防止烧坏用电器．

29．根据古《论衡•是应篇》中的记载：“司南之杓（用途），投之于地，其柢（握柄）指南”，学术界于1947年想象出司南的模样并印刷在邮票上．

（1）如图（甲）所示，当磁勺在正确指南时，其A 端为该磁体的　S　（N/S）极．
（2）1952年，中国科学院物理研究所尝试制作一具司南．如（乙）所示，制作人员根据天然磁石的磁感线分布，将磁石的　D　（B/C/D/E）处打磨成磁勺的A 端．
（3）把天然磁石按照正确方法打磨成磁勺后，放在粗糙的木盘上，使磁勺水平自由转动直至最终静止，但磁勺A 端总不能正确指南．将粗糙木盘换成较光滑的青铜盘才略有改善．这是因为磁勺和盘子之间的　摩擦　力影响了实验效果．
（4）为达到理想的指向效果，制作人员将磁勺靠近一电磁铁，如图（丙）所示．闭合开关S，磁勺和电磁铁相互吸引，由此增加磁勺的磁性．H为电的　正　极．
（5）历史上真有这样的司南吗？仍是众说纷纭．一种观点认为或许古代的磁勺比中国科学院物理研究所制作的磁勺要更　轻　（轻/重），从而有更好的指向效果；另一种观点认为除非今后出土了司南实物，才能真正下结论．

考点：磁极间的相互作用；摩擦力大小的影响因素；磁感线及其特点；影响电磁铁磁性强弱的因素；通电螺线管的极性和电流方向的判断。
专题：应用题。
分析：（1）磁体静止时，指南的叫南极用字母S表示；指北的叫北极，用字母N表示；
（2）磁体周围的磁感线，都是从磁体的N极出发，回到S极；
（3）摩擦力的大小与压力大小、接触面的粗糙程度有关；在压力相同的情况下，接触面越粗糙，摩擦力越大．
（4）磁极间的作用规律是：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引；可用安培定则判断通电螺线管的两极极性；
（5）磁勺越轻（质量小），压力就越小，摩擦力就小，从而有更好的指向效果．
解答：解：（1）磁勺在正确指南时，地理的南极正是地磁的N极，异名磁极相互吸引，因此，其A端为该磁体S极；
（2）如（乙）所示，根据天然磁石的磁感线分布，可判断D端是S极，也就是磁勺的A端；
（3）将粗糙木盘换成较光滑的青铜盘才略有改善．这是因为磁勺和盘子之间的摩擦力影响了实验效果．
（4）因为异名磁极相互吸引；用安培定则判断通电螺线管的两极极性以及电流方向；H端为电的正极；
（5）压力越小，摩擦力越小；故古代的磁勺有更好的指向效果；是因为磁勺轻，压力小，摩擦力减小；
故答案为：（1）S；（2）D；（3）摩擦；（4）正；（5）轻．
点评：此题考查了磁现象的诸多知识点，还有力学上影响摩擦力的因素；将磁现象的多个知识点有机结合，融会贯通；可解答此题．

30．美国每年有大约800人因为食用遭李斯特菌污染的食品而患病，甚至死亡．基于此，我国某冰箱生产企业决定研发自动杀菌冰箱以出口美国．
技术人员查阅到相关资料：①李斯特菌能在冰箱中存活，在食物表面蔓延滋长；②紫外线杀灭李斯特菌的效率高达99.0%～99.9%；③紫外线对人体有一定的伤害，尤其是眼角膜，绝不能用眼睛直视工作着的紫外灯．
技术人员研发的冰箱具有以下功能：①打开冰箱门，紫外灯熄灭，白炽灯正常工作；②闭合冰箱门，紫外灯正常工作，白炽灯熄灭．
同学们按照两种方法展开实验探究，请选择其中一种方法并完成电路设计．（两种方法都做，以第一种为准）
方法一
电路元件：220V 电，开关S 1（打开冰箱门S1闭合，闭合冰箱门S1断开），开关S2（打开冰箱门S2闭合，闭合冰箱门S2断开），标有“24V 48W”字样的紫外灯，标有“220V 20W”字样的白炽灯，定值电阻R0．
（1）请用笔划线代替导线完成电路连接．

（2）定值电阻R0的阻值应为　98　Ω．方法二
电路元件：220V电，开关S（打开冰箱门P与A接触，闭合冰箱门P与B接触），标有“24V 48W”字样的紫外灯，标有“220V 20W”字样的白炽灯，定值电阻R0．
（1）请用笔划线代替导线完成电路连接．

（2）定值电阻R0的阻值应为　98　Ω．

考点：家庭电路的连接；欧姆定律的应用；测电笔的使用。
专题：计算题；应用题；作图题。
分析：（1）两盏灯互不影响，所以两盏灯为并联，开关S1控制白炽灯；开关S2控制紫外灯，紫外灯额定电压小于220V，所以串联一个电阻分压，根据欧姆定律求出定值电阻的阻值；
（2）两盏灯互不影响，所以两盏灯为并联，接A时，白炽灯工作，接B时，紫外灯工作，紫外灯额定电压小于220V，所以串联一个电阻分压，根据欧姆定律求出定值电阻的阻值．
解答：解：（1）从火线下后分支，一支经S1、白炽灯，回到零线；另一支经S2、紫外灯、定值电阻回到零线；如图：

紫外灯、定值电阻串联，此时电路电流I= = =2A；
定值电阻两端的电压U0=U?U紫=220V?24V=196V；
所以R0= = =98Ω；
故答案为：98．
（2）从火线下后，先连接P点，一支经A点后，再连接白炽灯，最后连接零线；另一支经B点后，连接定值电阻和紫外灯，最后连接零线，如图：

紫外灯、定值电阻串联，此时电路电流I= = =2A；
定值电阻两端的电压U0=U?U紫=220V?24V=196V；
所以R0= = =98Ω；
故答案为：98．
点评：本题考查实物图的连接，关键是明白各个用电器的连接方式，难点是根据题意画出实物图，物理知识应用到实际生活这是中考的热点．

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